给定 No
,反之输出 Yes
并输出任意方案。
一般的思路都是 DP 同时记录决策点然后最后跑一遍答案,不过这样还需要动脑,本题范围较小不如暴力一点,我们直接在 DP 过程中的每一个状态记录所有牌的正反,最开始的思路是开一个 bitset
这样多出来的复杂度是 basic_string < char >
无脑维护就行了,这样转移会多一个复制的 1e8
。
转移显然:
然后中间判断一下是否能转移,也就是 dp[i][j].size()
是否为
xxxxxxxxxx
611
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
12using namespace std;
13
14mt19937 rnd(random_device{}());
15int rndd(int l, int r){return rnd() % (r - l + 1) + l;}
16bool rnddd(int x){return rndd(1, 100) <= x;}
17
18typedef unsigned int uint;
19typedef unsigned long long unll;
20typedef long long ll;
21typedef long double ld;
22
23template < typename T = int >
24inline T read(void);
25
26int N, S;
27int A[110], B[110];
28basic_string < char> dp[110][11000];
29
30int main(){
31 N = read(), S = read();
32 for(int i = 1; i <= N; ++i)A[i] = read(), B[i] = read();
33 dp[1][A[1]] += 'H', dp[1][B[1]] += 'T';
34 for(int i = 2; i <= N; ++i)
35 for(int j = 0; j <= S; ++j){
36 if(j - A[i] >= 0 && (int)dp[i - 1][j - A[i]].size() == i - 1)dp[i][j] = dp[i - 1][j - A[i]] + 'H';
37 if(j - B[i] >= 0 && (int)dp[i - 1][j - B[i]].size() == i - 1)dp[i][j] = dp[i - 1][j - B[i]] + 'T';
38 }
39 if((int)dp[N][S].size() != N)printf("No\n"), exit(0);
40 printf("Yes\n");
41 for(auto v : dp[N][S])printf("%c", v);
42 printf("\n");
43 fprintf(stderr, "Time: %.6lf\n", (double)clock() / CLOCKS_PER_SEC);
44 return 0;
45}
46
47template < typename T >
48inline T read(void){
49 T ret(0);
50 int flag(1);
51 char c = getchar();
52 while(c != '-' && !isdigit(c))c = getchar();
53 if(c == '-')flag = -1, c = getchar();
54 while(isdigit(c)){
55 ret *= 10;
56 ret += int(c - '0');
57 c = getchar();
58 }
59 ret *= flag;
60 return ret;
61}
update-2023_02_09 初稿。
update-2023_02_09 修改一些不符合规范的地方。(另外他这个 “句子末尾应加句末句号(全角)” 我实在是没找到哪里缺句号了,只能在 “初稿” 这个非句子的词语后加了个句号。